Probleme beim auslesen von bildern aus einer mysql DB

**penizillin** · 20.05.2006, 14:56

die stringverkettung kann so nicht funktionieren. schau dir (und zeig hier) den html-code an, der durch dieses script generiert wird.

**stigger** · 20.05.2006, 15:18

Hallo

An diesen bereich habe ich auch schon gedacht um genaue zu sein
an diese zeile

PHP-Code:


echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=mysql_result($result, $i, 'ID')\">";

doch irgendwie finde ich den fehler dort nicht

ein kleiner denkanstoß wäre nett falls es diese zeile ist.

schon thx
mo

**penizillin** · 20.05.2006, 15:19

denkanstoß weiter oben.
nochmal aufmerksam durchlesen.

**stigger** · 20.05.2006, 16:54

hiho

irgendwie komme ich da nicht weiter

ich habe die ausgabe mal um den dateityp erweitert und das funktioniert.

PHP-Code:


echo "<table  border=\"1\">";

                    echo "<tr>";

                     echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=mysql_result($result, $i, 'ID')\">";

                    echo "</td>";

                    echo "<td>";

                                        echo mysql_result($result,$i, 'format');

                    echo "</td>";

                                        echo "</tr>";

                    echo "</table>";

                    }

habe dann auch mir mal nur den wert von ID ausgeben lassen
was auch funktioniert hat

PHP-Code:


 echo "<table  border=\"1\">";

                    echo "<tr>";

                     echo mysql_result($result, $i, 'ID');

                    echo "</td>";

                    echo "<td>";

                                        echo mysql_result($result,$i, 'format');

                    echo "</td>";

                                        echo "</tr>";

                    echo "</table>";

                    }

aber wie mach ich das er das Bild mit der entsprechenden ID darstellt.

So funktioniert es irgendwie nicht

PHP-Code:


 echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=mysql_result($result, $i, 'ID')\">";

Ich bitte um Erlösung

)

schonmal Danke im voraus

mo

**penizillin** · 20.05.2006, 19:30

na siehst du, geht doch.

und jetzt führe folgendes aus und löse dein problem anschließend selbst:

PHP-Code:


$foo = 'ich bin ein wert irgendeiner funktion';

// oder z.b.

$foo = phpversion();



echo '<h1>'.$foo.'</h1>';

**stigger** · 22.05.2006, 09:26

Hallo

Ich bin mir nicht sicher ob ich deinen Tipp jetzt richtig befolgt habe ?

Habe die Zeile mal so geändert.

PHP-Code:


$bild = mysql_result($result, $i, 'ID');

                              echo "<table  border=\"1\">";

                    echo "<tr>";

                    echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=.$bild.\">";

                    echo "</td>";

                    echo "<td>";

                                        echo mysql_result($result,$i, 'format');

                    echo "</td>";

                                        echo "</tr>";

                    echo "</table>";

Aber das Ergebnis bleibt das gleiche.

Wenn ich das bild über die URL

http://stg.de/bildanzeigen.php?ID=1

direkt ansprechen möchte bekomme ich auch wieder nur die Tabelle
angezeigt.

Eigentlich müsste ich das Bild so doch angezeigt bekommen.

hier nochmal ein Bild von der Mysql Tabelle
http://stg501.de/mo/mysql-table.jpg

und eins von den Datensätzen
http://stg501.de/mo/mysql-datens%E4tze.jpg

vielleicht ist da auch noch ein Fehler drin.

naja schonmal Danke und ich werde da mal weiter rumprobieren.

**muh (newbie)** · 22.05.2006, 09:48

also etwas systematischer geht es um folgendes:

in strings mit Anführungszeichen werden $variabeln ersetzt, aber Funktionsaufrufe nicht ausgewertet. Für Funktionsaufrufe muss man den String aufteilen und Punkte verwenden, oder den Funktionsaufruf in einer Variabeln zwischenspeichern. Die beiden korrekten Varianten sind:

echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=". mysql_result($result, $i, 'ID') . "\">";

$id=mysql_result($result, $i, 'ID');
echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=$id\">";

Bei den nachfolgenden Versuchen wurde das = Zeichen nach ?ID vergessen, soweit sie nicht überhaupt daneben sind.

**muh (newbie)** · 22.05.2006, 09:54

kommt dazu, dass das php-Skript bildanzeigen.php, welches das Bild liefern sollte,

http://stg.de/bildanzeigen.php?ID=1

vermutlich auch fehlerhaft ist, beziehungsweise nicht existiert.

poste doch inzwischen mal das bildanzeigen.php !

**stigger** · 22.05.2006, 10:13

hallo

hier mal die bildanzeigen.php

PHP-Code:


<html>

<head>

<title>bildanzeigen</title>

</head>

<body>

<div align="center">

<?php

error_reporting(E_ALL);

$tablename="mopics";

$sql="SELECT ID, format FROM $tablename";

$link=mysql_connect("localhost", "xxx", "xxx");

mysql_select_db("usr_web553_1", $link);

$result=mysql_query($sql, $link);

if(mysql_num_rows($result)>0)

{



            for($i=0;$i<mysql_num_rows($result);$i++)

         {

          

                              echo "<table  border=\"1\">";

                    echo "<tr>";

                   echo "<td><img src=\"bildanzeigen.php?ID=". mysql_result($result, $i, 'ID') . "\">";

                    echo "</td>";

                    echo "<td>";

                                        echo mysql_result($result,$i, 'format');

                    echo "</td>";

                                        echo "</tr>";

                    echo "</table>";

                    }

}

else

{

echo mysql_error() ;

}                

?>

</div>

    </body>

</html>

und hier mal das Ergebnis wenn man das Script ausführt
Ausgabe

schonmal danke

mo

**muh (newbie)** · 22.05.2006, 10:25

also hör mal, die bildanzeigen.php ruft in einer <table><img> die bildanzeigen.php auf, welche in einer <table><img> die bildanzeigen.php aufruft, welche in einer <table><img> die bildanzeigen.php aufruft usw.

die Bilddaten-blob werden überhaupt nie ausgelesen und übermittelt.

die php-Syntax ist perfekt.

PS Der Zirkel geht so lange, bis es dem browser zu blöd wird, immer neue Bilddatenversprechen zu bekommen.. sonstwäre er unendlich lang.

PSPS editiere dein post und mache *** für die Zugangsdaten zur datenbank.

**stigger** · 22.05.2006, 11:43

so ich habe das jetzt mal in 2 dateien aufgeteillt

wenn ich über die URL

http://stg501.de/picauslesen.php?ID=1

das bild aufrufe wird es korrekt angezeigt

aber das auslesen aller bilder klappt irgendwie noch nicht

hier mal die picauslesen.php

PHP-Code:


<?php

        $tablename="mopics";

                $sql="SELECT ID,bild,format FROM $tablename WHERE ID=".$_GET['ID'];

                $link=mysql_connect("localhost", "xxx", "xxx");

                mysql_select_db("usr_web553_1", $link);

                $result=mysql_query($sql, $link);

                           if(mysql_num_rows($result)==1)

                                                     {

                                                     $bild=mysql_result($result,'ID','BILD');

                                                     $format=mysql_result($result,'ID','format');

                                                     $header="Content-type:".$format;

                                                     header($header);

                                                     echo $bild;

                                                     }

                                                     else

                                                                              {

                                                                             die ('<h1>kein Bild</h1>');

                                                                             } ?>

und die bildanzeigen.php

PHP-Code:


<html>

<head>

<title>bildanzeigen</title>

</head>

<body>

<div align="center">

<?php

error_reporting(E_ALL);

include "picauslesen.php";

if(mysql_num_rows($result)>0)

{



            for($i=0;$i<mysql_num_rows($result);$i++)

         {

          

                              echo "<table  border=\"1\">";

                    echo "<tr>";

                   echo "<td><img src=\"picauslesen.php?ID=".mysql_result($result, $i, 'ID') . "\">";

                    echo "</td>";

                    echo "<td>";

                                        echo "</td>";

                                        echo "</tr>";

                    echo "</table>";

                    }

}

else

{

echo mysql_error() ;

}                

?>

</div>

    </body>

</html>

Wenn ich die bildanzeigen.php ausführe bekomme ich nun folgende
meldung:

Notice: Undefined index: ID in /srv/www/htdocs/web553/html/picauslesen.php on line 3

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /srv/www/htdocs/web553/html/picauslesen.php on line 7
kein Bild

ein kleiner hinweis wäre net schlecht werde aber versuchen das problem selber zu finden.

schonmal danke

mo

**wahsaga** · 22.05.2006, 11:46

Original geschrieben von stigger

PHP-Code:


include "picauslesen.php";

Was soll das denn jetzt noch da drin?

**stigger** · 22.05.2006, 11:58

ich dachte das die bildanzeigen.php den wert von $result brauch
damit die schleife zum ausgeben funktioniert

wenn ich das

PHP-Code:


include "picauslesen.php";

weglasse bekomme ich folgende Fehlermeldung

Notice: Undefined variable: result in /srv/www/htdocs/web553/html/bildanzeigen2.php on line 10

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /srv/www/htdocs/web553/html/bildanzeigen2.php on line 10

naja mal schauen ob mir noch was anderes einfällt für die ausgabe

aber schonmal danke

mo

**wahsaga** · 22.05.2006, 12:07

Überleg dir doch bitte endlich mal logisch, wie das ganze getrennt sein muss, damit das funktionieren kann.

Wenn die Gesamtanzahl an Bildern ermittelt werden soll, kann das wohl kaum Aufgabe der "picauslesen.php" sein - weil dieses Script nur die Daten eines einzigen Bildes ausgeben soll, und absolut nicht mehr.

Probleme beim auslesen von bildern aus einer mysql DB